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资源介绍

苏州市高新区2019年中考物理一模试卷
一．选择题（每题2分，共24分）
1．关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的
B．吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度
C．公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的音调
D．超声波可以在真空中传播
2．下列现象可用光的反射原理解释的是（　　）
A． 放大镜赏花 B． 手影游戏
C． 水中折笔 D． 水中倒影
3．关于能源与可持续发展，下列认识正确的是（　　）
A．核电站是利用核聚变释放的能量发电的
B．太阳能电池是将太阳能转化为内能的装置
C．能量的转化和转移是有方向的
D．能量在转化或转移的过程中，总量会减少
4．如图所示是生活中几种常见的杠杆，其中属于费力杠杆的是（　　）
A． 道钉撬 B． 钢丝钳
C． 开瓶扳手 D． 筷子
5．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度升高，内能增大
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体内能增大，一定从外界吸收热量
D．物体的温度不变，其内能就一定不变
6．如图，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小。用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数。则故障原因可能是（　　）

A．仅 R1 断路 B．仅 R2 断路
C．ac 导线断路 D．电流表断路
7．如图是新安装的照明电路，已知两个并联灯泡的灯头接线存在一处故障。小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V、40W”的灯泡。当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光。由此可以确定（　　）

A．L1灯头断路 B．L2灯头短路 C．L1灯头短路 D．L2灯头断路
8．下列与物态变化有关的现象说法正确的是（　　）
A．霜的形成是一种升华现象
B．烧开水时冒出的“白气“是水蒸气液化形成的
C．衣柜里的樟脑丸逐渐消失是汽化现象
D．晶体熔化时吸收热量，温度升高
9．下图是有关电与磁实验的装置图，其中用来研究磁场对电流作用的是（　　）
A．
B．
C．
D．
10．用如图的实验装置“探究平面镜成像的特点”时，以下说法错误的是（　　）

A．棋子A向玻璃板靠近，所成的像会变大
B．棋子A、B应该等大
C．茶色玻璃板可以用来成像
D．方格纸有助于确定虚像的位置
11．如图是甲、乙两种不同电磁波的传播图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲电磁波振动的波长较长
B．甲、乙两种电磁波的振动频率相同
C．甲电磁波的传播速度较快
D．甲电磁波振动的频率较大
12．如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0﹣3V，定值电阻R1的规格为“10Ω 0.5A“，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 1A”。现闭合开关S，为了保证电路及仪器的安全，在变阻器的滑片P移动的过程中，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表示数允许的电流变化范围为0.2A﹣0.5A
B．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W﹣0.9W
C．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2Ω﹣20Ω
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W﹣3W
二．填空题（每空1分，共21分）
13．跳广场舞已经成为人们健身的一项运动，优美的舞曲声是由于扬声器纸盆的　 　产生的，是通过　 　传入人耳的。为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在　 　处减弱噪声。
14．冬天，双手捧着热水袋会感到暖和，双手反复摩擦也会感到暖和。前者是利用　 　方式增加了手的内能，后者是利用　 　方式增加了手的内能。
15．开发和利用新能源是现代社会发展面临的重要课题。以下列出的几种能源中，①煤②核能③水能④风能⑤地热能属于新能源的是　 　，不来自于太阳的能源是　 　。
16．小红家新购买了一台电热水壶，用它烧水时发现水烧开了。而导线却几乎不热，这是由于电热水壶内部电热丝的　 　比导线的大。查看铭牌，小红了解到电热水壶的额定功率为1500W．若加热效率为90%，标准气压下，电热水壶正常工作7min，可将　 　kg，初温是25℃的水烧开。
17．如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，电流表A1的示数将　 　，电压表V的示数与电流表A2的示数之比将　 　。（均填“变大”“变小”或“不变”）

18．如图所示的电路，R1＝30Ω，R2＝20Ω，开关S闭合后，电流表A的示数为0.4A。
（1）电源电压　 　V；
（2）干路中的总电流　 　A。

19．灯泡L1、L2分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的字样，图线甲、乙分别为通过灯泡L1、L2中的电流随两端电压变化关系的图象。开关闭合后要使其中一只灯正常发光，另一只灯泡不会烧坏，甲图中电压表示数为　 　V；乙图中，电流表示数为　 　A。

20．在探究通电螺线管外部磁场的方向时，玻璃板上均匀地撤上铁屑，闭合开关，轻敲玻璃板，铁屑的分布情况如图所示。铁屑在玻璃板上的分布与　 　的磁场分布非常相似。若把连接电源正负极的接线对调，在闭合开关，轻敲玻璃板，此时铁屑的分布情况　 　（改变/不变），小磁计N、S极的指向　 　（改变/不变）。

21．如图1所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t＝0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点（形变在弹性限度内），然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后又下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图2所示，不计空气阻力。
（1）在整个运动过程中，小球的机械能　 　（填“守恒”或“不守恒”）
（2）小球动能最小的时刻是　 　（填t1、t2或t3）
（3）在t2～t3这段时间内，小球的动能　 　（填“先增大后减小”，“先减小后增大”，“一直增大”，“一直减小”）

三．解答题（共55分）
22．（2分）一束光从空气斜射到水面上，请画出反射光线和折射光线的大致位置。

23．如图，作出图中F1的力臂L1；

24．如图，用笔画线代替导线将电灯和开关正确接到电路中。

25．（2分）如图，小磁针静止在通电螺线管的正上方，请在图中标出电源的正、负极和磁感线方向。

26．（4分）同学们在研究冰的熔化特点实验中：

（1）图甲是小明用“水浴法”做冰的熔化实验装置，待冰完全熔化后，小明又持续加热了一段时间，当温度计示数维持100℃不变（外界气压为一个标准大气压）时，试管中的水　 　（选填“沸腾”或“不沸腾”）。
（2）图乙是小明得到的实验图象，由图象可知：实验过程中，冰熔化阶段用时　 　min；冰熔化时，吸收热量，温度　 　；
（3）同一实验室其他小组的一个同学却发现，他们所用的温度计放在冰水混合物中时示数是4℃；放在沸水中，示数是94℃．用此温度计测得一杯水的温度为40℃，该示数是否可信？　 　。（选填“可信”或“不可信”）
27．（6分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝　 　cm。

（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是　 　的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至　 　刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。
（3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中　 　处能观察到烛焰的像。
（4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像。则该眼镜是　 　眼镜（近视/远视）。
28．用如图所示的装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。

（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向　 　移动（选填“左”或“右”）。
（2）如图乙所示，在刻度线“2”处挂2个钩码（每个钩码重0.5N），在刻度线“4”处用调好的弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为F1＝　 　N；若保持钩码位置不变，将弹簧力计斜向左拉，杠杆在水平平衡时，其示数F2　 　F1（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
（3）得到实验结论后，利用图乙所示的装置，只借助杠杆上刻度线，右侧只使用弹簧测力计，左侧只悬挂重物，若弹簧测力计的量程是0﹣5N，当杠杆在水平位置平衡时，通过计算可知，悬挂的重物最重可达　 　N。
29．（10分）按如图1所示的电路图做“测置小电灯的功率”的实验，所用器材有：标“3.8V”字样的待测小电灯、电压恒为6V的电源、标有“20Ω 1A”的滑动变阻器、电流表（量程为0〜0.6A、0〜3A）、电压表（量程为0〜3V、0〜15V）、开关及导线若干。
（1）某学生在实验时，把电流表与电压表的位置交换连接了，闭合开关后会造成　 　（填选项前的字母）
A．电流表烧坏 B、电压表烧坏 C．小电灯烧坏 D、小电灯不亮
（2）另一学生按图连接电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，灯不亮，电压表有较大的示数。经检查，导线连接完好，则电路故障是：　 　，排除该故障换用新元件后，闭合开关时，观察到灯闪亮一下后立即熄灭，该学生在操作过程中的不当之处是：　 　。
（3）小明同学按电路图正确连接电路后，闭合开关，从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填入如表。
电压表的示数U/V 电流表的示数 I/A 小电灯的功率 P/W
2.0 0.20 　 　
2.5 0.22 　 　
3.0 0.25 　 　
3.8 0.30 　 　
4.5 0.32 　 　
①通过上表数据，可算得小电灯的额定功率为　 　W，还可得出关于灯丝电阻的结论是：　 　；
②当小电灯正常工作时，连入电路的滑动变阻器的阻值为　 　Ω
③将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在6V电源的两端，两灯消粍的总功率为　 　W。
（4）若电压表的0〜15V量程已损坏，只能使用0〜3V量程，其它器材不变，如何测出小电灯的额定功率？
①在图2虚线框中画出测量电路图；
②若小电灯两端最大可加4.5V电压，为保证实验时你所设计的测量电路中各元件的安全，参照小明的实验数据，估算滑动变阻器接入电路的阻值范应为　 　Ω～　 　Ω。

30．（2分）我国某地区采用风力发电，风力发电机组主要由风机叶片和发电机组成。下表给出了在不同风速下某风机获得的能量：
对表格进行分析，你发现该风机1s内获得的能量E与风速v的定量关系式是E＝　 　。
如表给出了在不同风速下某风机获得的能量
平均风速（m/s） 5 10 15 20
1s内获得的能量（×104J） 1 8 27 64
31．（6分）建筑工地上，工人用如图所示的装置将重为230N的建材从地面匀速送到6m高处，所用拉力为125N，时间为20s。求：
（1）工人做的有用功；
（2）工人做功的功率；
（3）此过程中该装置的机械效率。

32．（4分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓人家。一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际功率为20kW．若小汽车行驶过程中消耗的汽油为20kg，小汽车发动机的效率为30%，汽油的热值q＝4.6×107J/kg．求小汽车在这段路程中：
（1）所受的阻力；
（2）行驶的路程。
33．（1分）张强妈妈买了一个新的电饭煲，张强从说明书中，得知下表中的信息，工作电路图如图甲所示，S1为温控开关，加热电阻R1和R2的阻值不随温度变化。求：
（1）电饭煲在“保温”状态下正常工作时，通过电饭煲的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）某周末的晚饭时，张强想利用自家电能表（如图乙）测量家庭电路的实际电压。于是他关闭了家中其它所有用电器，只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，观察到电能表的转盘在1min内转了50转。求家庭电路的实际电压。
额定电压 220V
额定蒸煮功率 1210W
额定保温功率 88W
频率 50Hz
容积 5L

34．（6分）小明根据所学的电学知识，想设计一个汽车超载自动报警电路。他查阅了相关资料了解到压敏电阻是阻值随压力变化而变化的元件，并了解到压敏电阻在生活中的一种应用﹣﹣压力传感器。压力传感器受到的压力越大，输出的电压就越大，用它可以称量汽车的重。某压力传感器输出电压与压力的关系如下表：
压力/×105N 0 1.2 2.4 3.6 4.8 6.0
输出电压/V 0 1 2 3 4 5
小明利用该压力传感器和电阻箱R'（最大电阻999.9Ω）及部分其它器材设计了图甲所示的电路，闭合开关S，当线圈中电流大于或等于20mA时，电磁继电器的衔铁被吸合。已知继电器线圈的电阻为25Ω，继电器电路的电源电压由传感器的输出电压U提供。（假设U不受继电器电路影响）

（1）根据表格中数据，请在图乙给定的坐标系中描绘出压力传感器的输出电压随压力变化的图象；
（2）当压力增加到一定程度时，电铃报警，说明汽车超载，则图甲中电铃应接在　 　（选填“A、B”或“C、D”）两端；
（3）小明希望压力大于或等于2.4×105N时，启动报警系统，则电阻箱R′的电阻应调节到多大？
（4）要使该装置报警，汽车的最小重力为多少？


2019年江苏省苏州市高新区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（每题2分，共24分）
1．关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的
B．吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度
C．公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的音调
D．超声波可以在真空中传播
【分析】（1）声音的特征有三个：响度、音调、音色。响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色。
（2）声音不能在真空中传播。
【解答】解：A、不同人声音的音色不同，区别出熟悉的人谁在说话，是因为音色不同的原因。故A正确；
B、吹奏笛子时，演奏者抬起压在不同出气空上的手指，是为了改变振动的空气柱的长度，即改变空气柱振动的快慢，故是为了改变音调，故B错误；
C、公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的响度，故C错误；
D、超声波也是声波，声波不能在真空中传播，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，比较简单。
2．下列现象可用光的反射原理解释的是（　　）
A． 放大镜赏花 B． 手影游戏
C． 水中折笔 D． 水中倒影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、用放大镜看花时，花变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的。故与题意不符。
B、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；
C、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；
D、平静水面上山的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
故选：D。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
3．关于能源与可持续发展，下列认识正确的是（　　）
A．核电站是利用核聚变释放的能量发电的
B．太阳能电池是将太阳能转化为内能的装置
C．能量的转化和转移是有方向的
D．能量在转化或转移的过程中，总量会减少
【分析】（1）核电站的原理是通过核裂变释放能量来发电的；
（2）太阳能电池可将太阳能转化为电能；
（3）能量的转移或转化过程中，总量是不变的，其总量是守恒的，但是具有方向性的。
【解答】解：
A、核电站是利用核裂变来释放能量的，不是利用核聚变，故A错误。
B、太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置，故B错误；
C、能量的转移或转化过程中，总量是不变的，但是具有方向性的，故C正确；
D、由能量守恒定律可知，能量在转化和转移的过程中，其总量是守恒的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查学生对核裂变、太阳能利用的掌握情况，知道并理解能量的转化和守恒定律的内容，并能准确的判断出能量的转化过程是解决该题的关键。
4．如图所示是生活中几种常见的杠杆，其中属于费力杠杆的是（　　）
A． 道钉撬 B． 钢丝钳
C． 开瓶扳手 D． 筷子
【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
A、道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、开瓶扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：D。
【点评】本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
5．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度升高，内能增大
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体内能增大，一定从外界吸收热量
D．物体的温度不变，其内能就一定不变
【分析】温度、热量、内能是三个不同的物理量，同一物体状态不变时，吸收热量内能增加，温度升高；知道晶体熔化、液体沸腾时吸热，温度保持不变，内能增加。同时了解做功和热传递都可以增加物体的内能。
【解答】解：A、物体温度升高，分子运动加剧，所以内能增加，故A正确；
B、热量是一个过程量，不能用含有、具有等来修饰，故B错误；
C、物体内能增大可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故C错误；
D、物体的温度不变，其内能可能不变，也可能增加，如晶体熔化时，吸热但温度不变，内能增加，故D错误。
故选：A。
【点评】温度是物体令热程度的标志，温度越高，组成物质的分子运动越剧烈，分子的总动能越大；内能是所有分子运动的动能和分子势能的总和，同一物体，温度越高，内能越大，温度升高，内能增加；热量是热传递过程中，传递的内能，离开了热传递，就没有热量这个概念。
6．如图，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小。用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数。则故障原因可能是（　　）

A．仅 R1 断路 B．仅 R2 断路
C．ac 导线断路 D．电流表断路
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表示数突然减小说明电路故障是断路，根据电压表的示数判定故障之处。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流。
开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，则电路故障为某处断路，
当电压表接a、b两点时，电压表有示数，则a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的，
当电压表接b、c两点时，电压表无示数，则c到电源的负极与b到电源的正极之间是断开的，
由前面解答可知a到电源的负极、b到电源的正极之间是接通的，故ac间导线出现了断路。
故选：C。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
7．如图是新安装的照明电路，已知两个并联灯泡的灯头接线存在一处故障。小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V、40W”的灯泡。当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光。由此可以确定（　　）

A．L1灯头断路 B．L2灯头短路 C．L1灯头短路 D．L2灯头断路
【分析】将“220V、40W”的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串联接入电路。
若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；
若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；
若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路。
据此分析判断。
【解答】解：当只闭合S、S1时L0和L1都呈暗红色，是因为L1与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，所以L1正常；
当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L0直接接在电源上，正常发光。
故选：B。
【点评】明确当把检测灯串联接在保险丝处时，出现三种现象（检测灯正常发光、发光暗、不发光）的原因是本题的关键。
8．下列与物态变化有关的现象说法正确的是（　　）
A．霜的形成是一种升华现象
B．烧开水时冒出的“白气“是水蒸气液化形成的
C．衣柜里的樟脑丸逐渐消失是汽化现象
D．晶体熔化时吸收热量，温度升高
【分析】（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；
（2）晶体熔化的特点是：吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：
A、霜是固态小冰晶，是空气中的水蒸气快速放热后由气态直接变为固态形成的，属于凝华现象，故A错误；
B、烧开水时冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是液化现象，故B正确；
C、衣柜里的樟脑丸逐渐消失，樟脑丸由固态直接变为气态，属于升华现象，故C错误；
D、晶体在熔化过程中吸收热量，但是温度保持不变，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。
9．下图是有关电与磁实验的装置图，其中用来研究磁场对电流作用的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】要能用来研究磁场对电流的作用应有电流及磁场，则通过对各装置的研究可得出结论。
【解答】解：A、当导体ab在磁场中水平运动时，可以在电流表中产生电流，故研究的是电磁感应，故A错误；
B、通电导体放在小磁针上方时，小磁针会产生偏转，故B研究电流的磁效应，故B错误；
C、通电后螺线管可以吸引铁屑，研究的电流的磁效应，故C错误；
D、放入磁场的导体通电后，在磁场的作用下产生运动，说明电流在磁场中受磁场力的作用，故D正确。
故选：D。
【点评】以上实验为电学中的重要实验，应明确其原理及实验的意义。
10．用如图的实验装置“探究平面镜成像的特点”时，以下说法错误的是（　　）

A．棋子A向玻璃板靠近，所成的像会变大
B．棋子A、B应该等大
C．茶色玻璃板可以用来成像
D．方格纸有助于确定虚像的位置
【分析】（1）平面镜成像大小跟物体的大小有关。
（2）实验中让A棋子与B棋子完全相同，B又与A的像完全重合，结果就得出A的像与A大小相同的结论；
（3）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置。
（4）方格纸每个方格距离相同，有助于确定虚像的位置；
【解答】解：A、棋子A向玻璃板靠近，所成的像不变，故A错误。
B、为了比较A的像与A大小相同的结论，棋子A、B应该等大，故B正确；
C、用茶色玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于找到棋子A的像的位置，又看到玻璃板后面的棋子B，故C正确；
D、方格纸每个方格距离相同，有助于确定虚像的位置，故D正确；
故选：A。
【点评】此题是考查探究平面镜成像实验中需要注意的事项，是中考中经常涉及到的地方，要求深入理解，熟练掌握。
11．如图是甲、乙两种不同电磁波的传播图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲电磁波振动的波长较长
B．甲、乙两种电磁波的振动频率相同
C．甲电磁波的传播速度较快
D．甲电磁波振动的频率较大
【分析】真空中电磁波速是恒定不变的。波速＝波长×频率。
波峰或波谷之间的距离是波长，先判断甲乙的波长，再判断电磁波的频率。
【解答】解：甲乙都是电磁波，电磁波速是相等的。
由图知，甲的波长大，乙的波长小，
根据波速＝波长×频率，电磁波速不变，甲的波长大，甲的频率小。
故选：A。
【点评】由图能判断电磁波的波长，根据波速＝波长×频率，由波长判断频率。
12．如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0﹣3V，定值电阻R1的规格为“10Ω 0.5A“，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 1A”。现闭合开关S，为了保证电路及仪器的安全，在变阻器的滑片P移动的过程中，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表示数允许的电流变化范围为0.2A﹣0.5A
B．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W﹣0.9W
C．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2Ω﹣20Ω
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W﹣3W
【分析】滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化。
【解答】解：电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10Ω；
由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1＝3V，电路中的电流I1＝I＝I2＝ ＝ ＝0.3A＜0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；
故滑动变阻器接入电路中的最小电阻R2＝ ＝10Ω；电路消耗的最大功率P＝UI＝6V×0.3A＝1.8W；电阻R1消耗功率最大功率：P＝UI＝3V×0.3A＝0.9W．故ACD错误；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即I1′＝ ＝0.2A，
电阻R1电路消耗的最小功率：P′＝（I1′）2R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W。
则电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W；故B选项正确。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
二．填空题（每空1分，共21分）
13．跳广场舞已经成为人们健身的一项运动，优美的舞曲声是由于扬声器纸盆的　振动　产生的，是通过　空气　传入人耳的。为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在　声源　处减弱噪声。
【分析】声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质，空气、液体、固体都可以传声；防治噪声的途径有：在声源处、在传播中、在人耳处。
【解答】解：优美的舞曲声是由于扬声器纸盆的振动产生的，是通过空气传入人耳的。
为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：振动；空气；声源。
【点评】本题考查了声音的产生与传播条件、防治噪声的途径，属声学学基础题。
14．冬天，双手捧着热水袋会感到暖和，双手反复摩擦也会感到暖和。前者是利用　热传递　方式增加了手的内能，后者是利用　做功　方式增加了手的内能。
【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。
【解答】解：改变物体内能有两种方式：做功和热传递；
冬天，双手捧着热水袋会感到暖和是通过热传递改变物体内能。
双手反复摩擦也会感到暖和。是摩擦生热属于做功改变物体内能。
故答案为：热传递；做功。
【点评】本题考查了改变物体内能的两种方式。
15．开发和利用新能源是现代社会发展面临的重要课题。以下列出的几种能源中，①煤②核能③水能④风能⑤地热能属于新能源的是　②④⑤　，不来自于太阳的能源是　②⑤　。
【分析】要解答本题需掌握新能源的概念。新能源是指传统能源之外的各种能源形式。
【解答】解：
新能源又称非常规能源。是指传统能源之外的各种能源形式。指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如：太阳能、地热能、潮汐能、风能、氢能和核能等。而煤、石油、天然气、电能、水能等人类早已大范围使用，且技术也十分成熟，不属于新能源；
②核能、⑤地热能不来自于太阳能源。
故答案为：②④⑤；②⑤；
【点评】本题考查了对新能源的认识和理解，并能分辨生活中常用的能源哪些属于新能源的范畴。
16．小红家新购买了一台电热水壶，用它烧水时发现水烧开了。而导线却几乎不热，这是由于电热水壶内部电热丝的　电阻　比导线的大。查看铭牌，小红了解到电热水壶的额定功率为1500W．若加热效率为90%，标准气压下，电热水壶正常工作7min，可将　1.8　kg，初温是25℃的水烧开。
【分析】（1）电热水壶和导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，根据焦耳定律Q＝I2Rt进行解答；
（2）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据W＝Pt求出消耗的电能，根据η＝ ×100%求出水吸收的热量，又知道水的比热容和初温以及末温（标准气压下水的沸点为100℃），根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出烧水的质量。
【解答】解：（1）电炉在使用时，电热丝和导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，
水烧开了，导线几乎不热，说明电热水壶内部电热丝产生的热量多，
由Q＝I2Rt可知，电热水壶内部电热丝的电阻比导线的大；
（2）由P＝ 可得，电热水壶正常工作7min消耗的电能：
W＝Pt＝1500W×7×60s＝6.3×105J，
由η＝ ×100%可得，水吸收的热量：
Q吸＝Wη＝6.3×105J×90%＝5.67×105J，
标准气压下水的沸点为100℃，由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，烧水的质量：
m＝ ＝ ＝1.8kg。
故答案为：电阻；1.8。
【点评】本题考查了焦耳定律和电功公式、效率公式、吸热公式的应用，要注意标准气压下水的沸点为100℃。
17．如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，电流表A1的示数将　不变　，电压表V的示数与电流表A2的示数之比将　变大　。（均填“变大”“变小”或“不变”）

【分析】（1）由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化；
（2）根据电压表V示数与电流表A2示数的变化判断两者比值的变化。
【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流；
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数将不变，
当滑动变阻器R2的滑片P向左端移动时，接入电路中的电阻变大，
由I＝ 可知，通过R2的电流变小，即电流表A2的示数变小；
（2）因电压表V的示数不变，电流表A2示数变小，
所以，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大。
故答案为：不变；变大。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响较为关键。
18．如图所示的电路，R1＝30Ω，R2＝20Ω，开关S闭合后，电流表A的示数为0.4A。
（1）电源电压　12　V；
（2）干路中的总电流　1　A。

【分析】由图可知，两电阻并联，知道R1的阻值和通过的电流，利用欧姆定律求R1两端的电压（电源电压），再根据欧姆定律求通过R2的电流，利用并联电路的电流关系求干路电流。
【解答】解：（1）由图可知，两电阻并联，电流表测R1的电流，
R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V，
因为两电阻并联，
所以电源电压：U＝U1＝U2＝12V，
（2）通过电阻R2的电流为：I2＝ ＝ ＝0.6A，
因并联电路干路电流等于各支路电流之和，
所以总电流：I＝I1+I2＝0.4A+0.6A＝1A。
故答案为：12；1。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律、并联电路电压和电流特点的掌握和运用，使用欧姆定律注意三量（I、U、R）同体。
19．灯泡L1、L2分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的字样，图线甲、乙分别为通过灯泡L1、L2中的电流随两端电压变化关系的图象。开关闭合后要使其中一只灯正常发光，另一只灯泡不会烧坏，甲图中电压表示数为　8　V；乙图中，电流表示数为　0.5　A。

【分析】（1）甲图中，两灯泡串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据图象读出两灯泡的额定电流，电路中一只灯正常发光、另一只灯泡不会烧坏时，电流为两灯泡额定电流中较小的，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数；
（2）乙图中，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源的电压，两灯泡两端的电压和额定电压相等，根据图象读出电流表的示数。
【解答】解：（1）甲图中，两灯泡串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，
由图象可知，两灯泡两端的电压为6V时，它们的额定电流分别为I1＝1A，I2＝0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电路中一只灯正常发光、另一只灯泡不会烧坏，
所以，电路中的电流为0.5A，
由图象可知，两灯泡两端的电压分别为U1＝2V，U2＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数：
U＝U1+U2＝2V+6V＝8V；
（2）乙图中，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源的电压，
因两灯泡两端的电压和额定电压相等，
所以，电流表的示数为0.5A。
故答案为：8；0.5。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点，关键是从图象中获取有用的信息，要注意两灯泡串联时能正常发光的为额定电流较小的灯泡。
20．在探究通电螺线管外部磁场的方向时，玻璃板上均匀地撤上铁屑，闭合开关，轻敲玻璃板，铁屑的分布情况如图所示。铁屑在玻璃板上的分布与　条形磁铁　的磁场分布非常相似。若把连接电源正负极的接线对调，在闭合开关，轻敲玻璃板，此时铁屑的分布情况　不变　（改变/不变），小磁计N、S极的指向　改变　（改变/不变）。

【分析】（1）通电螺线管外部的磁场和条形磁体磁场相似在磁体外部，磁感线是由北极出发回到南极；在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；磁场的方向和电流的方向有关；
（2）改变电流方向，则磁场方向发生改变，小磁针指向改变，但通电螺线管的磁场形式不变。
【解答】解：通电螺线管外部的磁场和条形磁体的磁场相似。
若把连接电源正负极的接线对调，就是改变螺线管中电流的方向，磁场的方向改变，但磁场的形状不变，所以铁屑的排列情况没发生改变，小磁针N、S极的指向发生改变。
故答案为：条形磁铁；不变；改变。
【点评】此题为一道电磁综合题，既考查了磁场方向的认识，又考查了转换法在实验中的应用，对学生的能力要求较高，有一定难度。
21．如图1所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t＝0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点（形变在弹性限度内），然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后又下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图2所示，不计空气阻力。
（1）在整个运动过程中，小球的机械能　不守恒　（填“守恒”或“不守恒”）
（2）小球动能最小的时刻是　t2　（填t1、t2或t3）
（3）在t2～t3这段时间内，小球的动能　先增大后减小　（填“先增大后减小”，“先减小后增大”，“一直增大”，“一直减小”）

【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，合力变小，加速度变小，故小球做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变得大于重力，合力变为向上且不断变大，加速度向上且不断变大，故小球做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止。对于小球和弹簧组成的系统机械能守恒。
【解答】解：
（1）由图看出，弹簧的弹力在变化，说明运动过程中弹簧的弹性势能在变化，而小球和弹簧组成的系统机械能守恒，则知小球的机械能不守恒。
（2）由图看出，t2时刻，弹力F最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，动能最小；
（3）t2﹣t3这段时间内，小球的弹力减小，说明小球在由最低点上升，弹力不断增加，小球的合力先向上，后向下，小球先加速后减速；则小球的动能先增大后减小。
故答案为：（1）不守恒；（2）t2；（3）先增大后减小。
【点评】本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析。要知道系统的机械能守恒，但小球的机械能并不守恒。
三．解答题（共55分）
22．（2分）一束光从空气斜射到水面上，请画出反射光线和折射光线的大致位置。

【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线。
【解答】解：
先过入射点作出法线，在空气中法线的另一侧作出反射光线，注意反射角等于入射角；再在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示：

【点评】在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
23．如图，作出图中F1的力臂L1；

【分析】根据力臂的定义：支点到力的作用线的垂直距离可作出拉力F1的力臂。
【解答】解：由图可知，支点是O，延长F1的作用线，由支点向拉力F1的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是拉力F1的力臂L1，如图所示：

【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
24．如图，用笔画线代替导线将电灯和开关正确接到电路中。

【分析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。
家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
（1）火线首先进入开关，经灯泡再连接到零线。这样开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全。
（2）三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入三孔插座时，能使金属外壳接地，防止漏电时发生触电事故。
如图所示：
。
【点评】本题考查家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。
25．（2分）如图，小磁针静止在通电螺线管的正上方，请在图中标出电源的正、负极和磁感线方向。
【分析】先根据磁极间的作用规律确定通电螺线管的NS极；
通电螺线管的磁场与条形磁体的磁场相似，其周围的磁感线从N极出发、回到S极；
知道通电螺线管的NS极，利用右手螺旋定则确定电流方向，而在电源外部电流从电源正极流出、经用电器回到负极，据此确定电源的正负极。
【解答】解：
（1）由异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端为N极、右端为S极；
（2）通电螺线管的左端为N极、右端为S极，其周围的磁感线从N极出发、回到S极，则图中磁感线方向指向右；
（3）通电螺线管的左端为N极、右端为S极，由右手螺旋定则可知电流从螺线管的右侧流入、从左侧流出，所以电源右端为正极、左端为负极。如图所示：

故答案为：

【点评】本题考查了磁极间的作用规律、磁感线的方向规定、右手螺旋定则的应用，属于基础题目。
26．（4分）同学们在研究冰的熔化特点实验中：

（1）图甲是小明用“水浴法”做冰的熔化实验装置，待冰完全熔化后，小明又持续加热了一段时间，当温度计示数维持100℃不变（外界气压为一个标准大气压）时，试管中的水　不沸腾　（选填“沸腾”或“不沸腾”）。
（2）图乙是小明得到的实验图象，由图象可知：实验过程中，冰熔化阶段用时　6　min；冰熔化时，吸收热量，温度　保持不变　；
（3）同一实验室其他小组的一个同学却发现，他们所用的温度计放在冰水混合物中时示数是4℃；放在沸水中，示数是94℃．用此温度计测得一杯水的温度为40℃，该示数是否可信？　可信　。（选填“可信”或“不可信”）
【分析】（1）水沸腾的条件：达到沸点，不断吸热；
（2）从开始熔化到完全熔化为熔化过程；
晶体熔化的特点：不断吸热，温度保持不变；
（3）在一标准大气压下冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃．所以这支温度计上的示数4℃所对应的实际温度是0℃，示数94℃对应的实际温度是100℃。
由于4℃到94℃之间有90个格，那么用实际的100℃除以90个格就是这支温度计一个小格表示的温度值了，即 ；
那么当示数为40℃时，从4℃到40℃之间有36个格，用36× 算出的就是实际的温度。
【解答】解：（1）试管内外温度均为100℃，没有温度差，虽然达到了沸点，但不能继续吸收热量，不满足沸腾的条件，故试管里的水不会沸腾。
（2）由图知，冰从第2min开始熔化，到第8min完全熔化完，熔化过程经历了6min；
冰是晶体，熔化时，吸收热量，温度保持不变；
（3）当温度为40℃时，实际温度为t1＝（40﹣4）× ＝40℃，恰好相等。
故答案为：（1）不沸腾；（2）6；保持不变；（3）可信。
【点评】本题考查晶体熔化图象的分析及温度的计算，难点是知道冰水混合物的温度为0℃，一个标准气压下沸水温度是100℃；这是解题的关键，本题难度不小。
27．（6分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝　10.0　cm。

（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是　倒立、放大　的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至　40.0cm　刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。
（3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中　B　处能观察到烛焰的像。
（4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像。则该眼镜是　远视　眼镜（近视/远视）。
【分析】（1）图中测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距，由此可以确定其焦距是多少；
（2）当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f；光的折射中光路是可逆的，据此进行分析；
（3）u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像；
（4）远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成远视眼。
【解答】解：
（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm，所以凸透镜的焦距为f＝10.0cm；
（2）由图乙知，当蜡烛在刻度尺的10cm处，u＝15cm，2f＞u＞f，凸透镜成倒立放大的实像，v＝55cm﹣25cm＝30cm，根据折射中光路可逆可知，保持蜡烛和光屏位置不变，当u＝30cm时，即凸透镜移动至40cm刻度线处，在屏上能再次呈现清晰的像；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时u＝16cm﹣10cm＝6cm，u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上接不到，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察；
（4）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明提前成像了，故放置的是使光线会聚的凸透镜，这种眼镜是用来矫正远视眼的。
故答案为：（1）10.0；（2）倒立；放大；40.0cm；（3）B；（4）远视。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
28．用如图所示的装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。

（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向　右　移动（选填“左”或“右”）。
（2）如图乙所示，在刻度线“2”处挂2个钩码（每个钩码重0.5N），在刻度线“4”处用调好的弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为F1＝　0.5　N；若保持钩码位置不变，将弹簧力计斜向左拉，杠杆在水平平衡时，其示数F2　＞　F1（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
（3）得到实验结论后，利用图乙所示的装置，只借助杠杆上刻度线，右侧只使用弹簧测力计，左侧只悬挂重物，若弹簧测力计的量程是0﹣5N，当杠杆在水平位置平衡时，通过计算可知，悬挂的重物最重可达　25　N。
【分析】（1）调节杠杆平衡时，需将平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据杠杆的平衡条件分析即可解答；
（3）设杠杆上的一个刻度为Lcm，重物的重力为G，根据杠杆的平衡条件计算即可。
【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离就是力臂，便于测量力臂大小；
（2）如图乙所示，在刻度线“2”处挂两个钩码（每个钩码质量为50g）在刻度线“4”处用调好的弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置时，根据杠杆的平衡条件：F1×L1＝F2×L2，设每个钩码为G＝mg＝0.05kg×10N/kg＝0.5N，每小格为L；
则2G×2L＝F1×4L，2×0.5N×2L＝F1×4L，F1＝0.5N；
将弹簧测力计斜向左拉或将弹簧测力计斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位时平衡时，拉力变大，所以，F2大于F1；
（3）设杠杆上的一个刻度为Lcm，重物的重力为G，
根据杠杆的平衡条件可得：G×Lcm＝5N×5Lcm，
解答，G＝25N。
故答案为：（1）右；（2）0.5；＞；（3）25。
【点评】此题为探究杠杆的平衡条件实验，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。
29．（10分）按如图1所示的电路图做“测置小电灯的功率”的实验，所用器材有：标“3.8V”字样的待测小电灯、电压恒为6V的电源、标有“20Ω 1A”的滑动变阻器、电流表（量程为0〜0.6A、0〜3A）、电压表（量程为0〜3V、0〜15V）、开关及导线若干。
（1）某学生在实验时，把电流表与电压表的位置交换连接了，闭合开关后会造成　D　（填选项前的字母）
A．电流表烧坏 B、电压表烧坏 C．小电灯烧坏 D、小电灯不亮
（2）另一学生按图连接电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，灯不亮，电压表有较大的示数。经检查，导线连接完好，则电路故障是：　小电灯断路　，排除该故障换用新元件后，闭合开关时，观察到灯闪亮一下后立即熄灭，该学生在操作过程中的不当之处是：　闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处　。
（3）小明同学按电路图正确连接电路后，闭合开关，从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填入如表。
电压表的示数U/V 电流表的示数 I/A 小电灯的功率 P/W
2.0 0.20 　0.4　
2.5 0.22 　0.55　
3.0 0.25 　0.75　
3.8 0.30 　1.14　
4.5 0.32 　1.44　
①通过上表数据，可算得小电灯的额定功率为　1.14　W，还可得出关于灯丝电阻的结论是：　灯丝电阻随温度的升高而增大　；
②当小电灯正常工作时，连入电路的滑动变阻器的阻值为　7.3　Ω
③将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在6V电源的两端，两灯消粍的总功率为　1.5　W。
（4）若电压表的0〜15V量程已损坏，只能使用0〜3V量程，其它器材不变，如何测出小电灯的额定功率？
①在图2虚线框中画出测量电路图；
②若小电灯两端最大可加4.5V电压，为保证实验时你所设计的测量电路中各元件的安全，参照小明的实验数据，估算滑动变阻器接入电路的阻值范应为　4.7　Ω～　12　Ω。

【分析】（1）电压表的电阻很大，故把电流表与电压表的位置交换连接后，电路中的电流很小；
（2）根据电路图可知，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，电路为灯泡的基本电路，根据灯泡的是否发光和电压表的示数确定电路故障；
开关闭合后，灯闪亮一下后立即熄灭，说明电路电流太大，电路电阻太小造成的，原因可能是闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处；
（3）①根据P＝UI分别求出灯泡在不同电压下的功率；
当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡的实际功率等于灯泡的额定功率；灯丝的电阻随温度的升高而增大；
②灯泡正常发光时，与灯泡串联的滑动变阻器电压为6V﹣3.8V＝2.2V，则根据欧姆定律即可求出滑动变阻器连入电路的阻值；
③将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在6V电源的两端，则每个灯泡两端的电压为3V，由表格数据找出灯泡两端的电压为3V时的电流，即可根据P＝UI求出总功率；
（4）①0～15V量程已损坏，而灯泡额定电压为3.8V，超过电压表的另一量程0～3V；电源电压是6V，灯泡正常发光时，与灯泡串联的滑动变阻器电压为6V﹣3.8V＝2.2V，小于电压表量程0～3V，因此可以用电压表测滑动变阻器电压，以便间接测量灯泡电压，据此作出电路图；
②根据题意确定滑动变阻器两端的最大电压与最小电压值，由串联电路特点求出相应的灯泡电压，由表中数据找出电压所对应的电流，然后由欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大与最小阻值，然后确定其范围。
【解答】解：（1）把电流表与电压表的位置交换连接后，电压表串联在电路中，电路中电阻较大，电流较小，故灯泡不亮，选D；
（2）闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，电路为灯泡的基本电路，灯不亮，电压表有较大的示数，说明电路故障为断路，并且电压表与电源两极相连，故小电灯断路；
开关时，观察到灯闪亮一下后立即熄灭，该学生在操作过程中的不当之处是：闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处；
（3）根据表中数据可知：
P1＝U1I1＝2V×0.2A＝0.4W，
P2＝U2I2＝2.5V×0.22A＝0.55W，
P3＝U3I3＝3V×0.25A＝0.75W，
P4＝U4I4＝3.8V×0.3A＝1.14W，
P5＝U5I5＝4.5V×0.32A＝1.44W；
①当灯泡两端电压为3.8V时，灯泡的实际功率等于额定功率，即1.14W；随电压增大、电流随之增大，小电灯的实际功率P＝UI也增大，灯的温度升高，由此可见：灯丝电阻随温度的升高而增大；
②根据表中数据可知，当小电灯正常工作时，电流为I＝0.3A，滑动变阻器两端电压为U2＝U﹣U额＝6V﹣3.8V＝2.2V，则根据欧姆定律得连入电路的阻值R2＝ ＝ ≈7.3Ω；
③将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在6V电源的两端，则根据串联电路的电压特点可知：灯泡两端的电压为3V，由表中数据可知，当灯泡两端的电压为3V时，电流I′为0.25A，则两灯消耗的总功率P＝UI′＝6V×0.25A＝1.5W；
（4）①电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，电压表并联在滑动变阻器两端，电路图如图所示；

②a、当电压表示数为最大值3V时，小电灯两端的电压为U＝6V﹣3V＝3V，由表中数据知，电流为I＝0.25A，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑1＝ ＝ ＝12Ω；
b、当小电灯电压为4.5V时，由表中数据知，电路电流为I′＝0.32A，此时滑动变阻器两端电压为U′＝6V﹣4.5V＝1.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑2＝ ＝ ≈4.7Ω；
则滑动变阻器接入电路的阻值范围是4.7Ω～12Ω；
故答案为：（1）D；（2）小电灯断路；闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处；（3）0.4；0.55；0.75；1.14；1.44；①1.14；灯丝电阻随温度的升高而增大；②7.3；③1.5；（4）①电路图见上图；②4.7；12。
【点评】本题考查了故障分析、求功率、求电阻阻值、数据处理等问题，关键是学生对测量小电灯的功率实验的理解和掌握。
30．（2分）我国某地区采用风力发电，风力发电机组主要由风机叶片和发电机组成。下表给出了在不同风速下某风机获得的能量：
对表格进行分析，你发现该风机1s内获得的能量E与风速v的定量关系式是E＝　80v3　。
如表给出了在不同风速下某风机获得的能量
平均风速（m/s） 5 10 15 20
1s内获得的能量（×104J） 1 8 27 64
【分析】由表格数据分析，风能随风速的增大而增大，并且有定量关系，把定量关系确定下来。
【解答】解：
由表格数据可知，风速增大为原来的2倍，1s内获得的能量增大为原来的23倍；风速增大为原来的3倍，1s内获得的能量增大为原来的33倍……，
所以该风机1s内获得的能量E与风速v的三次方成正比，即E＝kv3（k为常数），
把v＝5m/s、E＝1×104J代入E＝kv3，解得k＝80，
所以该风机1s内获得的能量E与风速v的定量关系式是E＝80v3。
故答案为：80v3。
【点评】本题考查了学生对数据的分析能力，对物理量定量关系的分析有一定的难度。
31．（6分）建筑工地上，工人用如图所示的装置将重为230N的建材从地面匀速送到6m高处，所用拉力为125N，时间为20s。求：
（1）工人做的有用功；
（2）工人做功的功率；
（3）此过程中该装置的机械效率。

【分析】（1）已知物体重和上升的高度，根据W＝Gh求出工人做的有用功；
（2）由图可知绳子的有效股数为2，根据s＝nh求出自由端移动的距离，根据W＝Fs求出工人做的总功；利用P＝ 求出工人做功的功率；
（3）利用效率公式η＝ 求机械效率。
【解答】解：（1）工人做的有用功：
W有＝Gh＝230N×6m＝1380J；
（2）由图知，n＝2，拉力端移动距离：
s＝2h＝2×6m＝12m，
工人做的总功：
W总＝Fs＝125N×12m＝1500J；
工人做功的功率：
P＝ ＝ ＝75W；
（3）此过程中该装置的机械效率：
η＝ ×100%＝ ×100%＝92%；
答：（1）工人做的有用功为1380J；
（2）工人做功的功率为75W；
（3）此过程中该装置的机械效率为92%。
【点评】本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是公式的灵活运用。
32．（4分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓人家。一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际功率为20kW．若小汽车行驶过程中消耗的汽油为20kg，小汽车发动机的效率为30%，汽油的热值q＝4.6×107J/kg．求小汽车在这段路程中：
（1）所受的阻力；
（2）行驶的路程。
【分析】（1）知道发动机的实际功率和小汽车的速度，根据P＝ ＝ ＝Fv的变形公式F＝ 求出小汽车受到的牵引力，再根据二力平衡条件求出汽车所受的阻力；
（2）知道汽油的质量和热值，根据Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的热量，然后根据η＝ ×100%的变形公式W＝ηQ放求出小汽车发动机牵引力做的功，
最后根据W＝Fs的变形公式s＝ 求出小汽车行驶的路程。
【解答】解：（1）发动机的实际功率P＝20kW＝2×104W，
小汽车的速度v＝72km/h＝20m/s，
由P＝ ＝ ＝Fv得，小汽车受到的牵引力：
F＝ ＝ ＝1000N，
小汽车在水平路面上匀速行驶，
根据二力平衡条件可知，汽车所受的阻力f＝F＝1000N。
（2）汽油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝20kg×4.6×107J/kg＝9.2×108J，
由η＝ ×100%得，小汽车发动机牵引力做的功：
W＝ηQ放＝30%×9.2×108J＝2.76×108J，
由W＝Fs得，小汽车行驶的路程：
s＝ ＝ ＝2.76×105m。
答：（1）所受的阻力为1000N；
（2）行驶的路程为2.76×105m。
【点评】本题主要考查学生对功率计算公式、功的计算公式及燃料完全燃烧放热公式的掌握和应用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要注意单位的换算。
33．（1分）张强妈妈买了一个新的电饭煲，张强从说明书中，得知下表中的信息，工作电路图如图甲所示，S1为温控开关，加热电阻R1和R2的阻值不随温度变化。求：
（1）电饭煲在“保温”状态下正常工作时，通过电饭煲的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）某周末的晚饭时，张强想利用自家电能表（如图乙）测量家庭电路的实际电压。于是他关闭了家中其它所有用电器，只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，观察到电能表的转盘在1min内转了50转。求家庭电路的实际电压。
额定电压 220V
额定蒸煮功率 1210W
额定保温功率 88W
频率 50Hz
容积 5L

【分析】（1）由表中数据知保温功率，由P＝UI计算电饭煲在“保温”状态下正常工作时的电流；并计算出电路中总电阻；
（2）当两开关都闭合时为蒸煮状态，由P＝ 计算R1的电阻，从而计算出电阻R2的阻值；
（3）先计算电饭煲在“蒸煮”状态下工作1min消耗的电能；利用P＝ 求出它

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